襄阳市中考数学试卷(参考答案及解析)由刀豆文库小编整理，希望给你工作、学习、生活带来方便，猜你可能喜欢“中考数学试卷含解析”。
2016年湖北省襄阳市中考数学试卷
参考答案与试题解析
一、选择题：本大题共10小题，每小题3分，共30分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的，请将其序号在答题卡上涂黑作答． 1．﹣3的相反数是（）A．3 B．﹣3 C． D．﹣
【考点】相反数．
【分析】根据相反数的概念解答即可． 【解答】解：﹣3的相反数是3，故选：A．
2．如图，AD是∠EAC的平分线，AD∥BC，∠B=30°，则∠C的度数为（）
A．50° B．40° C．30° D．20°
【考点】平行线的性质；角平分线的定义；三角形的外角性质．
【分析】由AD∥BC，∠B=30°利用平行线的性质即可得出∠EAD的度数，再根据角平分线的定义即可求出∠EAC的度数，最后由三角形的外角的性质即可得出∠EAC=∠B+∠C，代入数据即可得出结论． 【解答】解：∵AD∥BC，∠B=30°，∴∠EAD=∠B=30°．
又∵AD是∠EAC的平分线，∴∠EAC=2∠EAD=60°． ∵∠EAC=∠B+∠C，∴∠C=∠EAC﹣∠B=30°． 故选C．
3．﹣8的立方根是（）A．2 B．﹣2 C．±2 D．﹣
【考点】立方根．
【分析】直接利用立方根的定义分析求出答案． 【解答】解：﹣8的立方根是：
=﹣2．
故选：B．
4．一个几何体的三视图如图所示，则这个几何体是（）
A．球体 B．圆锥 C．棱柱 D．圆柱 【考点】由三视图判断几何体．
【分析】主视图、左视图、俯视图是分别从物体正面、左面和上面看，所得到的图形．
【解答】解：由于主视图和左视图为长方形可得此几何体为柱体，由俯视图为圆可得为圆柱体． 故选D．
5．不等式组的整数解的个数为（）
A．0个 B．2个 C．3个 D．无数个 【考点】一元一次不等式组的整数解．
【分析】先根据一元一次不等式组的解法求出x的取值范围，然后找出整数解的个数．
【解答】解：解不等式2x﹣1≤1得：x≤1，解不等式﹣x＜1得：x＞﹣2，则不等式组的解集为：﹣2＜x≤1，整数解为：﹣1，0，1，共3个． 故选C．
6．一组数据2，x，4，3，3的平均数是3，则这组数据的中位数、众数、方差分别是（）
A．3，3，0.4 B．2，3，2 C．3，2，0.4 D．3，3，2 【考点】方差；算术平均数；中位数；众数．
【分析】先根据平均数的定义求出x的值，再根据众数、中位数的定义和方差公式分别进行解答即可． 【解答】解：根据题意，=3，解得：x=3，∴这组数据从小到大排列为：2，3，3，3，4； 则这组数据的中位数为3，这组数据3出现的次数最多，出现了3次，故众数为3； 其方差是：×[（2﹣3）2+3×（3﹣3）2+（4﹣3）2]=0.4，故选A．
7．如图，在▱ABCD中，AB＞AD，按以下步骤作图：以点A为圆心，小于AD的长为半径画弧，分别交AB、AD于点E、F；再分别以点E、F为圆心，大于EF的长为半径画弧，两弧交于点G；作射线AG交CD于点H，则下列结论中不能由条件推理得出的是（）
A．AG平分∠DAB B．AD=DH C．DH=BC D．CH=DH 【考点】平行四边形的性质．
【分析】根据作图过程可得得AG平分∠DAB，再根据角平分线的性质和平行四边形的性质可证明∠DAH=∠DHA，进而得到AD=DH，【解答】解：根据作图的方法可得AG平分∠DAB，∵AG平分∠DAB，∴∠DAH=∠BAH，∵CD∥AB，∴∠DHA=∠BAH，∴∠DAH=∠DHA，∴AD=DH，∴BC=DH，故选D．
8．如图，I是△ABC的内心，AI的延长线和△ABC的外接圆相交于点D，连接BI、BD、DC．下列说法中错误的一项是（）
A．线段DB绕点D顺时针旋转一定能与线段DC重合 B．线段DB绕点D顺时针旋转一定能与线段DI重合 C．∠CAD绕点A顺时针旋转一定能与∠DAB重合 D．线段ID绕点I顺时针旋转一定能与线段IB重合【考点】三角形的内切圆与内心；三角形的外接圆与外心；旋转的性质． 【分析】根据I是△ABC的内心，得到AI平分∠BAC，BI平分∠ABC，由角平分线的定义得到∠BAD=∠CAD，∠ABI=∠CBI根据三角形外角的性质得到∠BDI=∠DIB，根据等腰三角形的性质得到BD=DI． 【解答】解：∵I是△ABC的内心，∴AI平分∠BAC，BI平分∠ABC，∴∠BAD=∠CAD，故C正确，不符合题意；
=∠ABI=∠CBI，∴，∴BD=CD，故A正确，不符合题意； ∵∠DAC=∠DBC，∴∠BAD=∠DBC，∵∠IBD=∠IBC+∠DBC，∠BID=∠ABI+∠BAD，∴∠BDI=∠DIB，∴BD=DI，故B正确，不符合题意； 故选D．
9．如图，△ABC的顶点是正方形网格的格点，则sinA的值为（）
A． B． C． D．
【考点】勾股定理；锐角三角函数的定义．
【分析】直接根据题意构造直角三角形，进而利用勾股定理得出DC，AC的长，再利用锐角三角函数关系求出答案． 【解答】解：如图所示：连接DC，由网格可得出∠CDA=90°，则DC=，AC=，故sinA=故选：B． ==
．
10．一次函数y=ax+b和反比例函数y=
在同一平面直角坐标系中的图象如图所示，则二次函数y=ax2+bx+c的图象大致为（）
A． B． C． D．
【考点】反比例函数的图象；一次函数的图象；二次函数的图象．
【分析】根据一次函数的图象的性质先确定出a、b的取值范围，然后根据反比例函数的性质确定出c的取值范围，最后根据二次函数的性质即可做出判断．
【解答】解：∵一次函数y=ax+b经过一、二、四象限，∴a＜0，b＞0，∵反比例函数y=的图象在一、三象限，∴c＞0，∵a＜0，∴二次函数y=ax2+bx+c的图象的开口向下，∵b＞0，∴＞0，∵c＞0，∴与y轴的正半轴相交，故选C．
二、填空题：本大题共6小题，每小题3分，共18分．把答案填在答题卡的相应位置上．
11．分解因式：2a2﹣2= 2（a+1）（a﹣1）． 【考点】提公因式法与公式法的综合运用．
【分析】先提取公因式2，再对余下的多项式利用平方差公式继续分解． 【解答】解：2a2﹣2，=2（a2﹣1），=2（a+1）（a﹣1）．
12．关于x的一元二次方程x2﹣2x+m﹣1=0有两个相等的实数根，则m的值为 2 ．
【考点】根的判别式．
【分析】由于关于x的一元二次方程x2﹣2x+m﹣1=0有两个相等的实数根，可知其判别式为0，据此列出关于m的方程，解答即可．
∵关于x的一元二次方程x2﹣2x+m﹣1=0有两个相等的实数根，【解答】解：∴△=b2﹣4ac=0，即：22﹣4（m﹣1）=0，解得：m=2，故答案为2．
13．一个不透明的袋中装有除颜色外均相同的8个黑球、4个白球和若干个红球．每次摇匀后随机摸出一个球，记下颜色后再放回袋中，通过大量重复摸球试验后，发现摸到红球的频率稳定于0.4，由此可估计袋中约有红球 8 个．
【考点】利用频率估计概率．
【分析】根据摸到红球的频率，可以得到摸到黑球和白球的概率之和，从而可以求得总的球数，从而可以得到红球的个数． 【解答】解：由题意可得，摸到黑球和白球的频率之和为：1﹣0.4=0.6，∴总的球数为：（8+4）÷0.6=20，∴红球有：20﹣（8+4）=8（个），故答案为：8．
14．王经理到襄阳出差带回襄阳特产﹣﹣孔明菜若干袋，分给朋友们品尝，如果每人分5袋，还余3袋；如果每人分6袋，还差3袋，则王经理带回孔明菜 33 袋．
【考点】一元一次方程的应用．
【分析】可设有x个朋友，根据“如果每人分5袋，还余3袋；如果每人分6袋，还差3袋”可列出一元一次方程，求解即可． 【解答】解：设有x个朋友，则 5x+3=6x﹣3 解得x=6 ∴5x+3=33（袋）故答案为：33
15．如图，AB是半圆O的直径，点C、D是半圆O的三等分点，若弦CD=2，则图中阴影部分的面积为
π ．
【考点】扇形面积的计算．
【分析】首先证明OC∥BD，得到S△BDC=S△即可计算．
【解答】解：如图连接OC、OD、BD．
BDO，所以
S
阴
=S
扇形
OBD，由此
∵点C、D是半圆O的三等分点，∴∠AOC=∠COD=∠DOB=60°，∵OC=OD=OB，∴△COD、△OBD是等边三角形，∴∠COD=∠ODB=60°，OD=CD=2，∴OC∥BD，∴S△BDC=S△BDO，∴S阴=S扇形OBD=
=．
16．如图，正方形ABCD的边长为2，对角线AC、BD相交于点O，E是OC的中点，连接BE，过点A作AM⊥BE于点M，交BD于点F，则FM的长为 ．
【考点】正方形的性质．
【分析】先根据ASA判定△AFO≌△BEO，并根据勾股定理求得BE的长，再判定△BFM∽△BEO，最后根据对应边成比例，列出比例式求解即可． 【解答】解：∵正方形ABCD ∴AO=BO，∠AOF=∠BOE=90° ∵AM⊥BE，∠AFO=∠BFM ∴∠FAO=∠EBO 在△AFO和△BEO中
∴△AFO≌△BEO（ASA）∴FO=EO ∵正方形ABCD的边长为2∴FO=EO=1=BF，BO=2 ∴直角三角形BOE中，BE=，E是OC的中点
=
由∠FBM=∠EBO，∠FMB=∠EOB，可得△BFM∽△BEO ∴∴FM=，即
故答案为：
三、解答题：本大题共9小题，共72分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤，并且写在答题卡上每题对应的答题区域内． 17．先化简，再求值：（2x+1）（2x﹣1）﹣（x+1）（3x﹣2），其中x=． 【考点】整式的混合运算—化简求值．
【分析】首先利用整式乘法运算法则化简，进而去括号合并同类项，再将已知代入求出答案． 【解答】解：（2x+1）（2x﹣1）﹣（x+1）（3x﹣2），=4x2﹣1﹣（3x2+3x﹣2x﹣2）=4x2﹣1﹣3x2﹣x+2 =x2﹣x+1 把x=代入得： 原式=（﹣1）2﹣（﹣1）+1 =3﹣2+2 ﹣=5﹣3．
18．襄阳市文化底蕴深厚，旅游资源丰富，古隆中、习家池、鹿门寺三个景区是人们节假日玩的热点景区，张老师对八（1）班学生“五•一”小长假随父
A、母到这三个景区游玩的计划做了全面调查，调查分四个类别：游三个景区；B、游两个景区；C、游一个景区；D、不到这三个景区游玩．现根据调查结
果绘制了不完整的条形统计图和扇形统计图，请结合图中信息解答下列问题：（1）八（1）班共有学生 50 人，在扇形统计图中，表示“B类别”的扇形的圆心角的度数为 72° ；
（2）请将条形统计图补充完整；
（3）若张华、李刚两名同学，各自从三个景区中随机选一个作为5月1日游玩的景区，则他们同时选中古隆中的概率为
．
【考点】列表法与树状图法；扇形统计图；条形统计图． 【分析】（1）由A类5人，占10%，可求得总人数，继而求得B类别占的百分数，则可求得“B类别”的扇形的圆心角的度数；
（2）首先求得D类别的人数，则可将条形统计图补充完整；
（3）首先根据题意画出树状图，然后由树状图求得所有等可能的结果与他们同时选中古隆中的情况，再利用概率公式求解即可求得答案． 【解答】解：（1）∵A类5人，占10%，∴八（1）班共有学生有：5÷10%=50（人）； ∴在扇形统计图中，表示“B类别”的扇形的圆心角的度数为：故答案为：50，72°；
（2）D类：50﹣5﹣10﹣15=25（人），如图：
×360°=72°；
（3）分别用1，2，3表示古隆中、习家池、鹿门寺，画树状图得：
∵共有9种等可能的结果，他们同时选中古隆中的只有1种情况，∴他们同时选中古隆中的概率为：故答案为：．
．
19．AD平分∠BAC，DE⊥AB于点E，DF⊥AC如图，在△ABC中，且BD=CD，于点F．
（1）求证：AB=AC；（2）若AD=2，∠DAC=30°，求AC的长．
【考点】全等三角形的判定与性质． 【分析】（1）先证明△DEB≌△DFC得∠B=∠C由此即可证明．
（2）先证明AD⊥BC，再在RT△ADC中，利用30°角性质设CD=a，AC=2a，根据勾股定理列出方程即可解决问题． 【解答】（1）证明：∵AD平分∠BAC，DE⊥AB于点E，DF⊥AC于点F，∴DE=DF，∠DEB=∠DFC=90°，在RT△DEB和RT△DFC中，∴△DEB≌△DFC，∴∠B=∠C，∴AB=AC．
（2）∵AB=AC，BD=DC，∴AD⊥BC，在RT△ADC中，∵∠ADC=90°，AD=2∴AC=2CD，设CD=a，则AC=2a，∵AC2=AD2+CD2，∴4a2=a2+（2）2，∵a＞0，∴a=2，∴AC=2a=4．，∠DAC=30°，20．如图，直线y=ax+b与反比例函数y=
（x＞0）的图象交于A（1，4），B（4，n）两点，与x轴、y轴分别交于C、D两点．
（1）m= 4，n= 1 ；若M（x1，y1），N（x2，y2）是反比例函数图象上两点，且0＜x1＜x2，则y1 ＞ y2（填“＜”或“=”或“＞”）；
（2）若线段CD上的点P到x轴、y轴的距离相等，求点P的坐标．
【考点】反比例函数与一次函数的交点问题；反比例函数的性质；反比例函数图象上点的坐标特征． 【分析】（1）由点A的坐标利用反比例函数图象上点的坐标特征即可得出m的值，再由点B也在反比例函数图象上即可得出n的值，由反比例函数系数m的值结合反比例函数的性质即可得出反比例函数的增减性，由此即可得出结论；
（2）设过C、D点的直线解析式为y=kx+b，由点A、B的坐标利用待定系数法即可求出直线CD的解析式，设出点P的坐标为（t，﹣t+5），由点P到x轴、y轴的距离相等即可得出关于t的含绝对值符号的一元一次方程，解方程即可得出t的值，从而得出点P的坐标． 【解答】解：（1）∵反比例函数y=∴m=1×4=4．
∵点B（4，n）在反比例函数y=∴m=4n=4，解得：n=1． ∵在反比例函数y=∴反比例函数y=
（x＞0）中，m=4＞0，的图象上，（x＞0）的图象过点A（1，4），的图象单调递减，∵0＜x1＜x2，∴y1＞y2．
故答案为：4；1；＞．
（2）设过C、D点的直线解析式为y=kx+b，∵直线CD过点A（1，4）、B（4，1）两点，∴，解得：，∴直线CD的解析式为y=﹣x+5． 设点P的坐标为（t，﹣t+5），∴|t|=|﹣t+5|，解得：t=．，）． ∴点P的坐标为（21．“汉十”高速铁路襄阳段正在建设中，甲、乙两个工程队计划参与一项工程建设，甲队单独施工30天完成该项工程的，这时乙队加入，两队还需同时施工15天，才能完成该项工程．
（1）若乙队单独施工，需要多少天才能完成该项工程？
（2）若甲队参与该项工程施工的时间不超过36天，则乙队至少施工多少天才能完成该项工程？
【考点】分式方程的应用；一元一次不等式的应用． 【分析】（1）直接利用队单独施工30天完成该项工程的，这时乙队加入，两队还需同时施工15天，进而利用总工作量为1得出等式求出答案；
（2）直接利用甲队参与该项工程施工的时间不超过36天，得出不等式求出答案．
【解答】解：（1）设乙队单独施工，需要x天才能完成该项工程，∵甲队单独施工30天完成该项工程的∴甲队单独施工90天完成该项工程，根据题意可得： +15（+）=1，解得：x=30，检验得：x=30是原方程的根，答：乙队单独施工，需要30天才能完成该项工程；
（2）设乙队参与施工y天才能完成该项工程，根据题意可得：
×36+y×≥1，解得：y≥18，答：乙队至少施工18天才能完成该项工程．
22．如图，直线AB经过⊙O上的点C，直线AO与⊙O交于点E和点D，OB与⊙O交于点F，连接DF、DC．已知OA=OB，CA=CB，DE=10，DF=6．（1）求证：①直线AB是⊙O的切线；②∠FDC=∠EDC；（2）求CD的长．
【考点】切线的判定． 【分析】（1）①欲证明直线AB是⊙O的切线，只要证明OC⊥AB即可． ②首先证明OC∥DF，再证明∠FDC=∠OCD，∠EDC=∠OCD即可．
（2）作ON⊥DF于N，延长DF交AB于M，在RT△CDM中，求出DM、CM即可解决问题． 【解答】（1）①证明：连接OC． ∵OA=OB，AC=CB，∴OC⊥AB，∵点C在⊙O上，∴AB是⊙O切线．
②证明：∵OA=OB，AC=CB，∴∠AOC=∠BOC，∵OD=OF，∴∠ODF=∠OFD，∵∠AOB=∠ODF+∠OFD=∠AOC+∠BOC，∴∠BOC=∠OFD，∴OC∥DF，∴∠CDF=∠OCD，∵OD=OC，∴∠ODC=∠OCD，∴∠ADC=∠CDF．
（2）作ON⊥DF于N，延长DF交AB于M． ∵ON⊥DF，∴DN=NF=3，在RT△ODN中，∵∠OND=90°，OD=5，DN=3，∴ON==4，∵∠OCM+∠CMN=180°，∠OCM=90°，∴∠OCM=∠CMN=∠MNO=90°，∴四边形OCMN是矩形，∴ON=CM=4，MN=OC=5，在RT△CDM中，∵∠DMC=90°，CM=4，DM=DN+MN=8，∴CD==
=
4．23．襄阳市某企业积极响应政府“创新发展”的号召，研发了一种新产品．已知研发、生产这种产品的成本为30元/件，且年销售量y（万件）关于售价x（元/件）的函数解析式为：y=
．
（1）若企业销售该产品获得的年利润为W（万元），请直接写出年利润W（万元）关于售价x（元/件）的函数解析式；
（2）当该产品的售价x（元/件）为多少时，企业销售该产品获得的年利润最大？最大年利润是多少？（3）若企业销售该产品的年利润不少于750万元，试确定该产品的售价x（元/件）的取值范围．
【考点】二次函数的应用． 【分析】（1）根据：年利润=（售价﹣成本）×年销售量，结合x的取值范围可列函数关系式；（2）将（1）中两个二次函数配方后依据二次函数的性质可得其最值情况，比较后可得答案；
（3）根据题意知W≥750，可列关于x的不等式，求解可得x的范围． 【解答】解：（1）当40≤x＜60时，W=（x﹣30）（﹣2x+140）=﹣2x2+200x﹣4200，当60≤x≤70时，W=（x﹣30）（﹣x+80）=﹣x2+110x﹣2400；
（2）当40≤x＜60时，W=﹣2x2+200x﹣4200=﹣2（x﹣50）2+800，∴当x=50时，W取得最大值，最大值为800万元；
当60≤x≤70时，W=﹣x2+110x﹣2400=﹣（x﹣55）2+625，∴当x＞55时，W随x的增大而减小，∴当x=60时，W取得最大值，最大值为：﹣（60﹣55）2+625=600，∵800＞600，∴当x=50时，W取得最大值800，答：该产品的售价x为50元/件时，企业销售该产品获得的年利润最大，最大年利润是800万元；
（3）当40≤x＜60时，由W≥750得：﹣2（x﹣50）2+800≥750，解得：45≤x≤55，当60≤x≤70时，W的最大值为600＜750，∴要使企业销售该产品的年利润不少于750万元，该产品的售价x（元/件）的取值范围为45≤x≤55．
24．如图，将矩形ABCD沿AF折叠，使点D落在BC边的点E处，过点E作EG∥CD交AF于点G，连接DG．（1）求证：四边形EFDG是菱形；
（2）探究线段EG、GF、AF之间的数量关系，并说明理由；（3）若AG=6，EG=2，求BE的长．
【考点】四边形综合题． 【分析】（1）先依据翻折的性质和平行线的性质证明∠DGF=∠DFG，从而得到GD=DF，接下来依据翻折的性质可证明DG=GE=DF=EF；
（2）连接DE，交AF于点O．由菱形的性质可知GF⊥DE，OG=OF=
GF，接下来，证明△DOF∽△ADF，由相似三角形的性质可证明DF2=FO•AF，于是可得到GE、AF、FG的数量关系；
（3）过点G作GH⊥DC，垂足为H．利用（2）的结论可求得FG=4，然后再△ADF中依据勾股定理可求得AD的长，然后再证明△FGH∽△FAD，利用相似三角形的性质可求得GH的长，最后依据BE=AD﹣GH求解即可． 【解答】解：（1）证明：∵GE∥DF，∴∠EGF=∠DFG．
∵由翻折的性质可知：GD=GE，DF=EF，∠DGF=∠EGF，∴∠DGF=∠DFG． ∴GD=DF．
∴DG=GE=DF=EF．
∴四边形EFDG为菱形．（2）EG2=GF•AF．
理由：如图1所示：连接DE，交AF于点O．
∵四边形EFDG为菱形，∴GF⊥DE，OG=OF=
GF．
∵∠DOF=∠ADF=90°，∠OFD=∠DFA，∴△DOF∽△ADF． ∴∵FO=∴EG2=，即DF2=FO•AF． GF，DF=EG，GF•AF．
（3）如图2所示：过点G作GH⊥DC，垂足为H．
∵EG2=∴20=GF•AF，AG=6，EG=2，FG（FG+6），整理得：FG2+6FG﹣40=0．
解得：FG=4，FG=﹣10（舍去）．
∵DF=GE=2，AF=10，∴AD==
4． ∵GH⊥DC，AD⊥DC，∴GH∥AD．
∴△FGH∽△FAD． ∴∴GH=，即．
﹣
=
． =
．
∴BE=AD﹣GH=4
25．如图，已知点A的坐标为（﹣2，0），直线y=﹣x+3与x轴、y轴分别交于点B和点C，连接AC，顶点为D的抛物线y=ax2+bx+c过A、B、C三点．
（1）请直接写出B、C两点的坐标，抛物线的解析式及顶点D的坐标；
P是第一象限内抛物线上一点，（2）设抛物线的对称轴DE交线段BC于点E，过点P作x轴的垂线，交线段BC于点F，若四边形DEFP为平行四边形，求点P的坐标；
（3）设点M是线段BC上的一动点，过点M作MN∥AB，交AC于点N，点Q从点B出发，以每秒1个单位长度的速度沿线段BA向点A运动，运动时间为t（秒），当t（秒）为何值时，存在△QMN为等腰直角三角形？
【考点】二次函数综合题．
【分析】（1）分别令y=0和x=0代入y=﹣
x+3即可求出B和C的坐标，然后设抛物线的交点式为y=a（x+2）（x﹣4），最后把C的坐标代入抛物线解析式即可求出a的值和顶点D的坐标；
（2）若四边形DEFP为平行四边形时，则DP∥BC，设直线DP的解析式为y=mx+n，则m=﹣，求出直线DP的解析式后，联立抛物线解析式和直线DP的解析式即可求出P的坐标；
（3）由题意可知，0≤t≤6，若△QMN为等腰直角三角形，则共有三种情况，①∠NMQ=90°；②∠MNQ=90°；③∠NQM=90°． 【解答】解：（1）令x=0代入y=﹣∴y=3，∴C（0，3），x+3 令y=0代入y=﹣∴x=4，∴B（4，0），x+3 设抛物线的解析式为：y=a（x+2）（x﹣4），把C（0，3）代入y=a（x+2）（x﹣4），∴a=﹣，（x+2）（x﹣4）=﹣）；
x2+
x+3，∴抛物线的解析式为：y=∴顶点D的坐标为（1，（2）当DP∥BC时，此时四边形DEFP是平行四边形，设直线DP的解析式为y=mx+n，∵直线BC的解析式为：y=﹣∴m=﹣∴y=﹣，x+n，）代入y=﹣
x+n，x+3，把D（1，∴n=，∴直线DP的解析式为y=﹣x+，∴联立，解得：x=3或x=1（舍去），∴把x=3代入y=﹣y=，）； x+，∴P的坐标为（3，（3）由题意可知：0≤t≤6，设直线AC的解析式为：y=m1x+n1，把A（﹣2，0）和C（0，3）代入y=m1x+n1，得：，∴解得，∴直线AC的解析式为：y=由题意知：QB=t，如图1，当∠NMQ=90°，∴OQ=4﹣t，令x=4﹣t代入y=﹣∴y=t，t），x+3，x+3，∴M（4﹣t，∵MN∥x轴，∴N的纵坐标为把y=∴x=∴N（t代入y=t﹣2，t﹣2，t，x+3，t），﹣2）=6﹣
t，∴MN=（4﹣t）﹣（∵MQ∥OC，∴△BQM∽△BOC，∴∴MQ=，t，当MN=MQ时，∴6﹣∴t=t=，符合题意，t，此时QB=
如图2，当∠QNM=90°时，∵QB=t，∴点Q的坐标为（4﹣t，0）∴令x=4﹣t代入y=∴y=9﹣t，t），x+3，∴N（4﹣t，9﹣∵MN∥x轴，∴点M的纵坐标为9﹣∴令y=9﹣∴x=2t﹣8，∴M（2t﹣8，9﹣t），t代入y=﹣
t，x+3，∴MN=（2t﹣8）﹣（4﹣t）=3t﹣12，∵NQ∥OC，∴△AQN∽△AOC，∴=，t，∴NQ=9﹣当NQ=MN时，∴9﹣∴t=t=3t﹣12，，符合题意 ∴此时QB=
如图3，当∠NQM=90°，过点Q作QE⊥MN于点E，过点M作MF⊥x轴于点F，设QE=a，令y=a代入y=﹣∴x=4﹣∴M（4﹣，a，a），x+3，x+3，令y=a代入y=∴x=﹣2，∴N（﹣2，0），∴MN=（4﹣a）﹣（a﹣2）=6﹣2a，当MN=2QE时，∴6﹣2a=2a，∴a=，∴MF=QE=，∵MF∥OC，∴△BMF∽△BCO，∴=，∴BF=2，∴QB=QF+BF=+2=，∴t=，此情况符合题意，综上所述，当△QMN为等腰直角三角形时，此时t=
或
或
．
